[<] Applications du polynôme caractéristique [>] Détermination des éléments propres d'une matrice
Soit vérifiant .
Montrer qu’il existe tel que .
Vérifier que est valeur propre de .
Solution
On retraduit le problème en termes d’endomorphismes.
Soit un endomorphisme d’un -espace vectoriel de dimension finie vérifiant . Le noyau de est un hyperplan et si l’on fixe , on obtient
Puisque , on peut écrire avec de sorte que
Les applications linéaires et sont alors égales sur mais aussi bien sûr sur , ces applications linéaires sont donc égales sur .
De plus, pour , on peut écrire et alors
Ainsi, est bien valeur propre de .
Montrer que la trace d’une matrice réelle de rang en est valeur propre.
Soit . Établir que les matrices et ont les mêmes valeurs propres et que les espaces propres associés ont les mêmes dimensions.
Solution
Soit . Puisqu’une matrice et sa transposée ont le même rang, on remarque
Par la formule du rang,
On en déduit que les matrices et ont les mêmes valeurs propres et que les espaces propres associés ont les mêmes dimensions.
Pour , on pose
Montrer que
Solution
Soient et tels que .
Posons tel que
On a et
d’où .
Soit une matrice diagonalisable de admettant une valeur propre multiple . Pour , montrer que est valeur propre de la matrice obtenue par suppression de la -ème et de la -ème colonne de .
Solution
Soit l’endomorphisme de canoniquement associé à la matrice . Le réel est valeur propre de et l’espace propre associé est de dimension au moins car, étant diagonalisable, la multiplicité d’une valeur propre correspond à la dimension de l’espace propre associé. Introduisons aussi le sous-espace de constitué des tels que . L’espace est de dimension11 1 Si désigne la base canonique de , la famille des vecteurs est une base de . (PSI) On peut aussi simplement dire que est un hyperplan car noyau de la forme linéaire non nulle . .
Méthode: On montre que l’intersection de et de n’est pas réduite au vecteur nul.
Par la formule de Grassmann
On a donc et l’on peut introduire un vecteur de non nul vérifiant . Matriciellement, si désigne la colonne de hauteur dont les éléments sont les , on obtient l’égalité avec non nulle. Cependant, l’élément est nul et l’égalité précédente donne en introduisant la colonne de hauteur obtenue à partir de par suppression de sa -ème ligne. La colonne étant non nulle, on peut conclure que est valeur propre de .
Soit vérifiant pour tout et pour tout , .
Montrer que .
Justifier que si est valeur propre de alors .
Observer que si est valeur propre de et vérifie alors est une racine de l’unité.
Solution
Le vecteur est évidemment vecteur propre associé à la valeur propre 1.
Soient et un vecteur propre associé. Soit l’indice vérifiant
On a et la relation donne donc
puis .
Si de plus alors il y a égalité dans l’inégalité précédente.
L’égalité dans la deuxième inégalité entraîne pour tout tel que .
L’égalité dans la première inégalité entraîne que les complexes engagés sont positivement liés et donc qu’il existe tel que pour tout ,
Ces deux propriétés donnent pour tout , que ou non.
En injectant cela dans la relation , on obtient .
Pour tel que , .
Posons et reprenons la même démarche, ce qui est possible puisque .
On définit ainsi une suite vérifiant .
Cette suite étant non injective, il existe et tel que ce qui donne .
Soit une matrice11 1 On dit que la matrice est stochastique, voir le sujet 4220. à coefficients positifs vérifiant
Montrer que est valeur propre de et que toute autre valeur propre complexe vérifie .
On suppose désormais les coefficients de tous strictement positifs.
Établir que si est une valeur propre de vérifiant alors .
Montrer que l’espace propre associé à la valeur propre est une droite.
(Théorème de Perron-Frobenius)
On étudie une matrice carrée de taille dont tous les coefficients sont des réels strictement positifs et l’on introduit:
Pour et deux éléments de , on écrit pour signifier pour .
Pour , justifier que l’on peut introduire
Vérifier que l’on a pour tous et .
Soit . Montrer que les éléments de sont tous strictement positifs et vérifier
Montrer qu’il existe tel que pour tout . En déduire l’existence d’un élément tel que pour tout de .
Montrer que est alors vecteur propre de associé à la valeur propre .
Établir que les autres valeurs propres complexes de vérifient .
Vérifier que les éléments de sont tous strictement positifs puis que l’espace propre complexe associé à la valeur propre est de dimension .
Soit . Déterminer les valeurs propres de la comatrice de en fonction de celles de .
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Édité le 29-08-2023
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